Презентация на тему "Повторение независимых испытанийСХЕМА БЕРНУЛЛИ"

Презентация: Повторение независимых испытанийСХЕМА БЕРНУЛЛИ
Включить эффекты
1 из 33
Ваша оценка презентации
Оцените презентацию по шкале от 1 до 5 баллов
  • 1
  • 2
  • 3
  • 4
  • 5
5.0
3 оценки

Комментарии

Нет комментариев для данной презентации

Помогите другим пользователям — будьте первым, кто поделится своим мнением об этой презентации.


Добавить свой комментарий

Аннотация к презентации

Презентация powerpoint на тему "Повторение независимых испытанийСХЕМА БЕРНУЛЛИ". Содержит 33 слайдов. Скачать файл 1.26 Мб. Самая большая база качественных презентаций. Смотрите онлайн с анимацией или скачивайте на компьютер. Средняя оценка: 5.0 балла из 5.

  • Формат
    pptx (powerpoint)
  • Количество слайдов
    33
  • Слова
    другое
  • Конспект
    Отсутствует

Содержание

  • Презентация: Повторение независимых испытанийСХЕМА БЕРНУЛЛИ
    Слайд 1

    Повторение независимых испытанийСХЕМА БЕРНУЛЛИ

  • Слайд 2

    Рассмотрим случай, когда одно и то же испытание повторяется несколько раз - проводится серия испытаний в одинаковых условиях, т. е. вероятность появления события А во всех опытах одна и та же (const). Такие испытания называются повторными независимыми. В задачах определим вероятность появления события Аkраз (любое заданное количество раз), в серии из n опытов.

  • Слайд 3

    Примеры независимых испытаний 1. Несколько последовательных бросаний монеты. 2. Несколько последовательных выниманий карты из колоды, при условии, что карта возвращается каждый раз и колода перемешивается, т.е. выборка с возвращением (иначе испытания –зависимые). 3. Несколько последовательных бросаний игральной кости…

  • Слайд 4

    Пусть в результате случайного испытания можетпроизойти или не произойти событие А. Если событие наступило, назовём испытание успешным, а событие – успехом. Испытание повторяется n раз. При этом соблюдаются условия: вероятность успеха P(A) = pв каждом испытании одна и та же; результат любого испытания не зависит от исходов предыдущих.

  • Слайд 5

    Рассмотрим несколько примеров: 1) 2)

  • Слайд 6

    Рассмотрим событие Bm, состоящее в том, что событие Aв этих nиспытаниях наступит ровноm раз и не наступит ровно(n - m)раз. Обозначим Ai (i=1,2,…,n) появление событияA, -непоявлениеA в i–м испытании. В силу постоянства условий испытания: P(A1) = P(A2) = …= P(An) = p P() = P() = …= P() = 1 - p = q Aможет появитьсяm раз в разных комбинациях, чередуясь с противоположным .  

  • Слайд 7

    Число возможных комбинаций равно числу сочетаний изn элементов по m, т. е.. Следовательно, событиеBm можно представить в виде суммы сложных несовместных событий, причем число слагаемых равно: Bm= A1A2…Am…+… …+…An – m +1…An где в каждое произведение Aвходит mраз, - (n – m)раз. Вероятность каждого сложного события формулы по т. умножения вероятностей независимых событий равна.  

  • Слайд 8

    Так как общее количество таких событий , топо т. сложения вероятностей несовместных событий вероятность события Bm(об. Pm(n)): P n(m)или Формулу называют формулой Бернулли, а повторяющиеся испытания, удовлетворяющие условию независимости и постоянства вероятностей наз. схемой (испытаниями) Бернулли.  

  • Слайд 9

    Пример.Игральная кость брошена 6 раз. Найти вероятность, что ровно 3 раза выпадет «шестёрка». Решение. Шестикратное бросание кости можно рассматривать как последовательность независимых испытаний с вероятностью успеха («шестерки») 1/6, и вероятностью неудачи — 5/6. Искомую вероятность вычисляем по формуле:  

  • Слайд 10

    Пример. Игральная кость брошена 4 раза. Найти вероятность, что «6» появится не более 2-х раз. Решение: Пусть событие В - шестерка появится не более двух раз. В является суммой несовместных событий: В0 – шестерка не появится ни разу; В1 – появится 1 раз; В2 – появится 2 раза. Произведенное испытание – бросание игральной кости. Событие А (успех) – выпадение «6». Событие (неудача) – выпадение любого числа очков, кроме «6».  

  • Слайд 11

    По классическому определению вероятности: Таких испытаний по условию производится 4. Тогда вероятность, что в 4-х независимых испытаниях будет 0 успехов: Аналогично:

  • Слайд 12

    Используя т. сложения несовместных событий: Рассмотрим следующий пример, когда из двух очень похожих вопросовна один можно ответить, пользуясь формулой Бернулли, а для другого этойформулы оказывается недостаточно.

  • Слайд 13

    Пример. Система радиолокационных станций ведет наблюдение за группой объектов, состоящей из 8 единиц. Каждый объект может быть (независимо от других) потерян с вероятностью 0,1. Найти вероятность того, что хотя бы один из объектов будет потерян. Решение: Пусть событие А = {потерять системой радиолокационных станций хотя бы один объект}, тогда: Р(А) = Р8(1) + Р8(2) +...+ P8(8) .

  • Слайд 14

    Проще найти вероятность противоположного события - ни один объект не потерян. ;  

  • Слайд 15

    Наивероятнейшее число появлений события в независимых испытаниях Число k0 (наступление события в независимых испытаниях, в каждом из которых вероятность появления события равна p) называютнаивероятнейшимесли вероятность того, что событие наступит в этих испытаниях k0 раз, превышает вероятность остальных возможныхисходов испытаний. Его определяют из двойного неравенства np – q ≤ k0 ≤np + p,причем:

  • Слайд 16

    а) если число (np – q) – дробное, то существует одно наивероятнейшее число k0; б) если число (np – q) – целое, то существует два наивероятнейших числа, а именно k0и k0+1; в) если число np– целое, то наивероятнейшее число k0 = np.

  • Слайд 17

    Пример. В урне 10 белых и 40 чёрных шаров. Вынимают подряд 14 шаров, причём цвет вынутого шара регистрируют, а затем шар возвращают в урну. Определить наивероятнейшее число появлений белого шара. Решение. Здесь n = 14, p = 10/ 50 = 1/ 5, q = 1- p = = 4/ 5. Используя двойное неравенство np- q ≤ k0 ≤np+ p при указанных значениях n, р и q, получим 14 / 5 -4 / 5 ≤k0≤14/ 5+ 1/ 5, т.е. 2 ≤ k0≤3. Таким образом, задача имеет два решения: k0 = 2, k0 = 3.

  • Слайд 18

    Пример. Вероятность попадания стрелком в цель равна 0,7. Сделано 25 выстрелов. Определить наивероятнейшее число попаданий в цель. Решение. Здесь n = 25, p = 0,7, q = 0,3. Следовательно, 25·0,7–0,3 ≤ k0≤ 25·0,7 + 0,7, т.е. 17,2 ≤k0 ≤18, 2. Так как k0 – целое число, то k0 = 18.

  • Слайд 19

    Пример. Два равносильных шахматиста играют в шахматы. Что вероятнее – выиграть две партии из 4-х или 4 из 6 (ничьи во внимание не принимают). Решение. Т.к. играют равносильные шахматисты то вероятности выигрыша (p) и проигрыша (q) равны ½. Так как во всех партиях вероятность выигрыша постоянна и безразлично, в какой последовательности будут выиграны партии – применима формула Бернулли.

  • Слайд 20

    Вероятность, что 2 партии из 4 будут выиграны: Вероятность, что 3 партии из 6 будут выиграны: , то вероятность выиграть 2 партии из 4-х выше чем вероятность выиграть 3 партии из 6.  

  • Слайд 21

    Независимые испытания с несколькими исходами Пример.Игральная кость подбрасывается 15раз. Найтивероятности событий: а) выпадет ровно 10троек; б) выпадет ровно 10троек и 3единицы. Решение. а) Есть 15испытаний схемы Бернулли с вероятностью успеха1/6(успех- выпадение «3»). Вероятность 10 успехов в 15-ти испытаниях:  

  • Слайд 22

    б) каждое испытание имеет три, а не два исхода: выпадение тройки, выпадение единицы, выпадение остальных граней. Пусть в одном испытании возможны m исходов:1, 2, ..., m, и исход i в одном испытании случается с вероятностью pi, где p1 +. . .+ pm= 1 Обозначим через P (n1, . . . , nm) искомую вероятность того, что в n = n1 +. . .+nmнезависимых испытаниях исход 1 появился n1 раз, исход 2 - n2 раз, и т.д., исход m – nmраз.

  • Слайд 23

    Теорема.Для любого n и любых целых n1 > 0, ..., nm>0 таких, что n1+. . .+nm= n, верна формула: Так как вероятности выпадения тройки и единицы равны по1/6, а вероятность третьего исхода (выпали любые другие грани) равна 4/6, то вероятность получить десять троек, три единицы и ещё два других очка равна:  

  • Слайд 24

    Формула Пуассона В том случае, когда вероятность появления события p мала ( p 

  • Слайд 25
  • Слайд 26

    Пример.Вероятность искажения одного символа при передаче сообщения по линии связи равна 0,001. Сообщение считают принятым, если в нём отсутствуют искажения. Найти вероятность того, что будет принято сообщение, состоящее из 20слов по 100 символов каждое. Решение: Обозначим через А событие вероятность которого требуется найти в задаче. Переформулируем задачу в терминах схемы Бернулли n = 2000 -количество символов в сообщении;

  • Слайд 27

    успех: символ не искажается, р = 0,001 -вероятность успеха; m = 0 Вычислим λ=np = 2 или с помощью таблицы.

  • Слайд 28

    Пример. Известно, что процент брака для некоторой детали равен 0,5%. Контролер проверяет 1000 деталей. Какова вероятность обнаружить ровно 3 бракованные детали? Какова вероятность обнаружить не меньше трех бракованных деталей? Решение. Имеем 1000 испытаний Бернулли с вероятностью «успеха» р = 0,005. Применяя пуассоновское приближение с λ= np = 5:

  • Слайд 29

    Ответ: вероятность обнаружить ровно 3 бракованные детали равна 0,14; обнаружить не менее 3-х бракованных деталей 0,875.

  • Слайд 30

    Пример (задача С. Пепайса). Пепайс предложил Ньютону следующую задачу. Какое из событий более вероятно: A = {появление по крайней мере одной шестерки при подбрасывании 6 костей}, B = { появление хотя бы двух шестерок при подбрасывании 12 костей} и C = {появление не менее трех шестерок при бросании 18 костей}?

  • Слайд 31

    Решение. Проще найти вероятности противоположных событий, а затем их сравнивать. Для их нахождения воспользуемся теоремой Пуассона: где  

  • Слайд 32

    Отсюда:или то есть  

  • Слайд 33

    Рекомендации по применению приближённых формул, выбор осуществляется по числам λи n

Посмотреть все слайды

Сообщить об ошибке