Содержание
-
Геометрия в Заданиях ЕГЭ
-
Результаты ЕГЭ по математике 2013
В этом году экзамен сдавали 860 840 человек. 754 776 из них – выпускники текущего года. То есть, 106 064 человека сдавали ЕГЭ повторно, либо впервые – для поступления в вуз. Всего было проведено 2 888 104 «человек-экзаменов» (если расценивать присутствие одного человека на экзамене как отдельный экзамен). Таким образом, было сдано 1 166 424 человек-экзамена по выбору.
-
Средний тестовый балл по математике в России 48,7. 538 выпускников сдали ЕГЭ по математике на 100 баллов. 7 человек из Саратовской области получили 100 баллов. 43% выпускников не приступили к части С с развернутым решением. Результаты ЕГЭ по математике 2013
-
Согласно результатам пересдач и апелляций, 2,24 % учеников (16 635 человек) не получили аттестат о среднем (полном) общем образовании. В том числе, около 500 человек были лишены права пересдать ЕГЭ в текущем году за нарушение правил сдачи ЕГЭ. Более того, в Якутии возбуждено 5 дел об административном правонарушении. Результаты ЕГЭ по математике 2013
-
Если говорить об образовательных тенденциях, то, как отмечают организаторы ЕГЭ, они не самые радужные. К сожалению, говорить о росте образованности пока не приходится, особенно в точных науках. К примеру, задание B1 – про таблетки – не выполнили 150 000 учащихся (около 17 %). Один из учащихся даже предложил в ответе дать ребёнку 31 500 таблеток. В целом экзамен по математике показал незначительный – на 4 тестовых балла – рост общероссийского среднего балла ЕГЭ. Результаты ЕГЭ по математике 2013
-
Результаты ЕГЭ по математике 2013
Всего в Саратове над тестами и задачками размышляли более четырех тысяч выпускников. Из них почти две сотни, 197 человек, провалили этот экзамен - школьники набрали меньше 24 баллов (тот минимальный порог, который нужно преодолеть ). А вот отличниками стали всего четверо саратовских одиннадцатиклассников - точная наука явно далась школьникам сложнее, чем родной язык. На ЕГЭ по русскому, напомним, максимальный балл набрали 24 ученика.
-
Тем не менее этот результат все равно лучше прошлогодних: для сравнения, в 2011 году ЕГЭ по математике в Саратове на сто баллов написал лишь один ученик, а в 2012 году и вовсе никому не удалось не сделать ни одной ошибки. Средний балл по городу также увеличился и составил 54,3, тогда как в 2012 году школьники набирали 42,6.
-
Расстояние от точки до плоскости
-
C 2. Радиус основания конуса равен 5, а его высота равна 12. Плоскость сечения содержит вершину конуса и хорду основания, длина которой равна 6. Найдите расстояние от центра основания конуса до плоскости сечения.
Сечение конуса плоскостью, содержащей его вершину S и хорду - треугольник ASB. В равных прямоугольных треугольниках SOA и SOB, где О — центр основания конуса, откуда Пусть SH — высота и медиана равнобедренного треугольника ASB, Тогда отрезок ОН — высота и медиана равнобедренного треугольника AOB, Плоскость SOH перпендикулярна плоскости ASB, так как прямые SH и OH перпендикулярны прямой АВ. Поэтому расстояние от точки О до плоскости ASB равно высоте ОМ прямоугольного треугольника SOH, проведенной к гипотенузе
-
Расстояние от точки до прямой
-
C 2. Длины ребер AB, AA1 и AD прямоугольного параллелепипеда ABCDA1B1C1D1 равны соответственно 12, 16 и 15. Найдите расстояние от вершины A1 до прямой BD1.
Из вершины А1 опускаем перпендикуляр на ВD1. Так как А1D1 перпендикулярна плоскости АА1В, то А1D1 перпендикулярен А1В. Следовательно А1Е- высота прямоугольного треугольника А1BD1. Ответ:12.
-
Задачи на сечение
-
C 2. Точка Е — серединаребра ВВ1 куба ABCDA1B1C1D1 . Найдите площадь сечения куба плоскостью D1AE , если ребра куба равны 4.
Прямая АЕ пересекает прямую А1В1 в точке К, а прямая D1Kпересекает С1В1 в его середине , точке F. Искомое сечение – плоскость D1FEA. Из подобия треугольников AD1K и EFK следует, что М Высота КМ=h , ее длину находим из треугольника АМК Ответ:18.
-
C 2. В правильной треугольной пирамиде SABCD с основанием ABC сторона основания равна 8, а угол ASB равен 36°. На ребре SM взята точка M так, что AM- биссектриса угла SAC. Найдите площадь сечения пирамиды, проходящего через точки A , M и B.
Нужное сечение — треугольник AMB. Рассмотрим треугольник ASC. Он равнобедренный, , поэтoму Значит,
-
Рассмотрим теперь треугольник CAM . Сумма его углов 1800, значит, угол АМС равен 720 . Следовательно, треугольник САМ равнобедренный, и поэтому АМ=АС=8. Аналогично находим, что ВМ=8. Таким образом, треугольник АМВ равносторонний со стороной 8. Его площадь равна
-
C 2. В правильной треугольнойпризме ABCA1B1C1 стороны основания равны 6, боковые рёбра равны 4. Изобразите сечение, проходящее через вершины A, B и середину ребра A1C1 .Найдите его площадь.
Обозначим через М и N середины ребер А1С1 и В1С1 соответственно. По теореме о средней линии треугольника так что прямые MN и AB лежат в одной плоскости. Значит сечением призмы является равнобокая трапеция AMNB. Основания АВ=6, МN=3.
-
-
Угол между прямыми
-
C 2 .Точка E - серединаребра куба ABCDA1B1C1D1. Найдите угол между прямыми AE и CA1 .
Примем ребро куба за единицу. Тогда Проведём через точку A1 прямую, параллельную AE . Она пересекает продолжение ребра BB1 в точке F , причём Искомый угол равен углу CA1F (или смежному с ним).В прямоугольном треугольнике A1B1F с прямым углом B1
-
В прямоугольном треугольнике CBF с прямым углом B
В треугольнике CA1F
-
C 2 . В правильном тетраэдре ABCD найдите угол между высотой DH тетраэдра и медианой BM боковой грани BCD .
Пусть длина ребра тетраэдра равна a , угол ВМК искомый, тогда имеем:
-
C 2. В правильной шестиугольной пирамиде SABCDEF стороны основания которой равны 1, а боковые ребра равны 2, найдите угол между прямыми SB и CD.
Вместо прямой CD рассмотрим параллельную ей прямую BE. Искомый угол равен углу SBE. Треугольник SBE равносторонний, поскольку большая диагональ правильного шестиугольника вдвое больше его стороны: ВЕ=2СD Следовательно,угол CBE=600 . Ответ: 600
-
Угол между плоскостями
-
C 2. В правильной треугольной пирамиде SABC с основанием ABC точка M- середина ребра SA, точка K - серединаребра SB. Найдите угол между плоскостями CMK и ABC, если SC=8, BC=6.
Проведем перпендикуляр CQ к MK, так как треугольник CMK равнобедренный, то Q -середина MK. Из точки Q опустим перпендикуляр QP на плоскость основания. Точка P лежит на медиане CL треугольника ABC. Прямая MK параллельна прямой пересечения плоскостей CMK и ABC, QP перпендикулярен MK и CQ перпендикулярен MK. Следовательно, угол QCP — линейный угол искомого угла между плоскостями.
-
-
C 2.В прямоугольном параллелепипеде ABCDA1B1C1D1 известны ребра: AB=6, AD=8, CC1=16. Найдите угол междуплоскостями ABC и A1DB.
Плоскости ABC и A1DB имеют общую прямую BD. Проведем AH перпендикуляр к BD. По теореме о трех перпендикулярах A1H перпендикулярен BD. Значит, линейный угол двугранного угла, образованного плоскостями ABC и A1DB — это угол A1HA. Из прямоугольного треугольника BAD находим:
-
Из прямоугольного треугольника A1AH находим: Значит, искомый угол равен
-
Угол между прямой и плоскостью
-
C 2. В прямоугольном параллелепипеде ABCDA1B1C1D1 известны AB=2, AD=AA1=1.Найдите угол между прямой AB1 и плоскостью ABC1.
Плоскости ABC1 и BCC1 перпендикулярны. Перпендикуляр из точки B1 к плоскости ABC1 лежит в плоскости BCC1 и пересекает прямую BC1 в точке E . Значит, искомый угол равен углу B1AE.
-
В прямоугольном треугольнике B1AE катет гипотенуза Поэтому
-
C 2. В правильной треугольной пирамиде SABC с основанием ABC известны ребра Найдите угол, образованный плоскостью основания и прямой, проходящей через середины ребер AS и BC.
Пусть M и N — середины ребер AS и AN соответственно. AN- медиана правильного треугольника ABC, следовательно, находится поформуле Прямая AS проецируется на плоскость основания и прямую AN. Поэтому проекция точки M-точка M1 лежит на отрезке AN. Значит, прямая AN является проекцией прямой MN, следовательно, угол MNM1 искомый.
-
Поскольку MM1 параллелен SO,где О- центр основания, MM1 средняя линия треугольника SAO Из прямоугольного треугольника MM1N находим
-
Спасибо за внимание!
Нет комментариев для данной презентации
Помогите другим пользователям — будьте первым, кто поделится своим мнением об этой презентации.